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Supposons d’abord : sur æ, puis faisons tourner la 
platine dans le sens de la flèche w : tant que w < V, 
d’après (a), u < 90°, et la droite (2) ainsi que le som- 
met S seront en dessous de æ; pendant que L se meut 
de x à zV, le sommet décrit la courbe zSC et vient se 
placer en C au moment où = arrive en zV; en ce 
moment, l'axe optique imférieur est venu se placer sur x 
et l’hyperbole devient la droite CD parallèle à y (*). 
Ainsi, pendant la petite rotation V, l’hyperbole, qui 
pour © — 0 formait une croix noire, a basculé autour de 
C, en passant de Cz à CD, son sommet ayant décrit 
rapidement le quart de boucle 3 SC. | 
Lorsque la rotation continue, w > V et, partant, 
u > 180°; la droite (2) passe dans le cadran xy, et le 
sommet décrit le quart de boucle supérieur CTz, en 
marchant vers le centre, mais plus lentement qu’il n’a 
décrit le quart inférieur, car il revient de C en z pendant 
que : se meut depuis zV jusqu’à zy. 
A partir de ce moment, w > 90°; il est facile de voir, 
en raisonnant comme ci-dessus, que le sommet s'éloigne 
du centre et parcourt lentement le quart de boucle z]C/ 
LAN: \ : 
pendant le temps que — Vient de zy à zV’ et qu’enfin, 
lorsque L achève sa rotation V'x', le sommet parcourt 
rapidement le dernier quart de boucle C'Nz. 
(*) Nous ne dessinons qu'une branche de l’hyperbole; naturelle- 
ment une branche identique se trouve dans le cadran yx'; dans la 
démonstration, nous prenons celui des cadrans opposés par le centre 
qui convient mieux à l'explication; mais il ne faut pas perdre de vue 
que le phénomène est symétrique par rapport au centre du champ. 
